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大,输电电流I输越小,而一般输电导线电阻R一定,故此由P损=I输2R线得知,输电电流I输越小,功率P输的损失越小,所以采取高压输电可以有效地减少输电电能损失,B项正确,C、D项均错误。9.AD解析:由交变电压的表达式知,交变电流的频率为50Hz,一个周期内电压两次大于100V,即每个周期氖泡发光两次,故氖泡发光的频率为100Hz,A项正确;由题意知,U1=10V,U1:U2=1:10,故U2=100V,B项错误、D项正确;副线圈两端的电压由原线圈电压和匝数比决定,开关闭合与否不影响电压表的读数,C项错误。10.BC解析:由题意知,交变电压的有效值为10V,则其最大值为102V,由题图2知,交流电压的周期T-Q.02sw一2要-10xrad/s,则R两端的电压ux随时间1变化的规律是w=10√2cos100πt(V),通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=10W2cos100πt(A)。11.两二极管轮流发光(3分)两二极管发光的亮度增大(或两二极管均持续发光)(3分)解析:摇动发电机时,电路中的电流方向不断改变,而二极管具有单向导电性,根据电路中二极管的连接方式,两二极管将交替发光;当线圈转速很大时,发电机所产生的感应电动势将增大,两二极管的亮度均会增大,且两二极管的闪烁将变得不明显,即从视觉上看,两二极管持续发光。12.(1)如图所示(3分)火线零线调压变压器(2)电压较高段(3分)电压越高,灯丝的电阻越大,由于电压表分流作用而造成的误差就越大(3分)解析:(1)调压变压器的右侧应连到火线和零线上,且开关应接在火线上,这样可以保证灯泡两端的电压在0220V之间调节。(2)由于电流表外接,故电压较高段误差较大。因为电压越高,灯丝的电阻越大,由于电压表分流作用而造成的误差就越大。13.解:根据交变电流有效值的定义知,交变电流的有效值即为该直流电的电流I,由焦耳定律得IFRT=IR.+1R·2y8分)其中1=4A,12=4A(2分)√2解得1=230A(2分)3在·2L【23·DY·物理·参考答案一R一选修3一2一Y】
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