炎德英才大联考长沙市一中2024届高三月考试卷(五)化学第十五题，目前2024届金学导航答案网已经汇总了炎德英才大联考长沙市一中2024届高三月考试卷(五)化学第十五题的各科答案和试卷，获取更多{{papers_name}}答案解析，请在关注本站。

淀1完全溶解于NaOH溶液，可得沉淀l为Al(OH)3,而没有CaCO,Ca2+含量较低，而AI3+含量较高，由于CO与AI3+不能大量共存，可知CO含量较低，所以根据上述实验可推断该地区大气颗粒物中Mg2+、Ca2+、CO?含量较低。(6)根据实验结果可判断该地区大气颗粒物中Mg2+、Ca2+、CO含量较低，NH时、AI3+、NO?、SO?含量较高，结合表中提供的信息可得：机动车尾气、燃煤污染、土壤扬尘是该地区大气颗粒物污染主体。20.I.(1)3Mn0,+KC10,+6KOH商温3K,Mn0,+KC1+3H,0(2分)(2)3MnO+4H+=MnO2↓+2MnO:+2H20.(2分)(3)2KMn0,+8H2S0,+5Na,C,0,△2MnS0,+KS0,+10C02+5Na2S0,+8H20(2分)Ⅱ.(1)MnO和MnCO3(2分)(2)5 Mn+2 CIO+4 H5 MnO,++1 Cl,t+8H)(3)取最后一次洗涤液少量于试管中，滴加少量BaC2溶液，若无沉淀，则洗涤干净(2分)(4)0.02(2分),【解析】I.(1)软锰矿与过量固体KOH和KCIO,在高温下反应，生成锰酸钾(K2MnO,)和KCl,反应中化合价变化的元素为Mn、Cl,Mn元素的化合价由+4价升高为+6，CI元素化合价由十5降低为一1，根据化合价升降总数相等，则二氧化锰与氯酸钾的物质的量之比为3：1，再根据原子守恒配平方程式为3MnO,十6KOH+KCI0,商漂3K,Mn0,+KC1+3H2O;(2)滤液酸化后，K2MnO,转变为MnO2和KMnO4,反应中只有Mn元素化合价变化，Mn元素部分由+6价降低为十4，部分升高为十7，根据化合价升降总数相等，则二氧化锰与高锰酸钾的物质的量之比为1：2，再根据电荷守恒、原子守恒配平方程式为3MnO+4H+=MnO2+2MnO +2H2O;(3)KMnO:能与热的稀硫酸酸化的Na2C,O,反应，生成Mn2+和CO2,根据质量守恒，同时会生成硫酸钾、硫酸锰和硫酸钠，反应的化学方程式为2KMO,十8H2SO,十5Na,C,0,△2MnSO.+K,S0,+10C02↑+5NaS0,+8H,0.Ⅱ.(l)MnO2不溶于硫酸，所以加稀硫酸时样品中的MnO和MnCO3分别和硫酸反应生成可溶性的MnSO,。(2)MnSO:要转化为MnO2,需失去电子，故需要加入NaClO,做氧化剂，依据得失电子守恒可以配平，反应的离子方程式是5Mn2++2ClO3+4H20=5MnO2↓+Cl2个+8H+。(3)两次过滤后对MnO2固体洗涤2~3次，MnO2上可能吸附有SO?,判断沉淀洗涤干净的方法为取最后一次洗涤液，滴加少量BaC2溶液，若无沉淀，则洗涤千净。(4)由题意知样品中的Mn0和MnC03质量为12.69g=8.7g=3.99g,0.224LC02的物质的量为0.01mol,由方程式H2SO,+MnCO3=MnSO4+H2O+CO2个可知MnCO:的物质的量为0.01mol,质量为115g·mol1×0.01mol=1.15g,所以Mn0的质量为3.99815g2.84B,头物质的重为7R90=0.04m0,因光与稀克酸反应时共成MnS0,的物质的量为0.05mol,根据方程式5MnSO,+2 NaClO3+4H20=5MnO2Y+Cl2个+Na2S0,+4H2SO4,可计算出需要NaClO3的物质的量为0.02mol。21.(1)盛有饱和NaHCO,溶液的洗气瓶(1分)盛有浓HzSO,的洗气瓶(1分)NaOH溶液(1分)(2)用C02排出反应器中的空气(1分)将溴蒸气带入E管中(1分)(3)100mL容量瓶(1分)卷·化学答案·第8页（共44页）